-
-
手机阅读
3.内功题
试题1：分别给出BOOL，int，float，指针变量 与“零值”比较的 if 语句（假设变量名为var）
解答：
BOOL 型变量：if(!var)
int 型变量： if(var==0)
float 型变量：
const float EPSINON = 0.00001;
if ((x >= - EPSINON) && (x <= EPSINON)
指针变量： if(var==NULL)
剖析：
考查对0 值判断的“内功”，BOOL 型变量的0 判断完全可以写成if(var==0)，而int 型变量也可以写
成if(!var)，指针变量的判断也可以写成if(!var)，上述写法虽然程序都能正确运行，但是未能清晰
地表达程序的意思。
一般的，如果想让if 判断一个变量的“真”、“假”，应直接使用if(var)、if(!var)，表明其为“逻
辑”判断；如果用if 判断一个数值型变量(short、int、long 等)，应该用if(var==0)，表明是与0
进行“数值”上的比较；而判断指针则适宜用if(var==NULL)，这是一种很好的编程习惯。
浮点型变量并不精确，所以不可将float 变量用“==”或“！=”与数字比较，应该设法转化成“>=”或“<=”形式。如果写成if (x == 0.0)，则判为错，得0 分。
试题2：以下为Windows NT 下的32 位C++程序，请计算sizeof 的值
void Func ( char str[100] )
{
sizeof( str ) = ?
}
void *p = malloc( 100 );
sizeof ( p ) = ?
解答：
sizeof( str ) = 4
sizeof ( p ) = 4
剖析：
Func ( char str[100] )函数中数组名作为函数形参时，在函数体内，数组名失去了本身的内涵，仅仅只是一个指针；在失去其内涵的同时，它还失去了其常量特性，可以作自增、自减等操作，可以被修改。
数组名的本质如下：
（1）数组名指代一种数据结构，这种数据结构就是数组；
例如：
char str[10];
cout << sizeof(str) << endl;
输出结果为10，str 指代数据结构char[10]。
（2）数组名可以转换为指向其指代实体的指针，而且是一个指针常量，不能作自增、自减等操作，不能被修改；
char str[10];
str++; //编译出错，提示str 不是左值
（3）数组名作为函数形参时，沦为普通指针。
Windows NT 32 位平台下，指针的长度（占用内存的大小）为4 字节，故sizeof( str ) 、
sizeof ( p ) 都为4。
试题3：写一个“标准”宏MIN，这个宏输入两个参数并返回较小的一个。另外，当你写下面的代码时会发生什么事？
least = MIN(*p++, b);
解答：
#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B))
MIN(*p++, b)会产生宏的副作用
剖析：
这个面试题主要考查面试者对宏定义的使用，宏定义可以实现类似于函数的功能，但是它终归不是函数，而宏定义中括弧中的“参数”也不是真的参数，在宏展开的时候对“参数”进行的是一对一的替换。
程序员对宏定义的使用要非常小心，特别要注意两个问题：
（1）谨慎地将宏定义中的“参数”和整个宏用用括弧括起来。所以，严格地讲，下述解答：
#define MIN(A,B) (A) <= (B) ? (A) : (B)
#define MIN(A,B) (A <= B ? A : B )
都应判0 分；
（2）防止宏的副作用。
宏定义#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B))对MIN(*p++, b)的作用结果是：
((*p++) <= (b) ? (*p++) : (b))
这个表达式会产生副作用，指针p 会作两次++自增操作。
除此之外，另一个应该判0 分的解答是：
#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B));
这个解答在宏定义的后面加“;”，显示编写者对宏的概念模糊不清，只能被无情地判0 分并被面试官淘汰。
试题4：为什么标准头文件都有类似以下的结构？
#ifndef __INCvxWorksh
#define __INCvxWorksh
#ifdef __cplusplus
extern "C" {
#endif
/*...*/
#ifdef __cplusplus
}
#endif
#endif /* __INCvxWorksh */
解答：
头文件中的编译宏
#ifndef __INCvxWorksh
#define __INCvxWorksh
#endif
的作用是防止被重复引用。
作为一种面向对象的语言，C++支持函数重载，而过程式语言C 则不支持。函数被C++编译后在symbol库中的名字与C 语言的不同。例如，假设某个函数的原型为：
void foo(int x, int y);
该函数被C 编译器编译后在symbol 库中的名字为_foo，而C++编译器则会产生像_foo_int_int 之类的名字。_foo_int_int 这样的名字包含了函数名和函数参数数量及类型信息，C++就是考这种机制来实现函数重载的。
为了实现C 和C++的混合编程，C++提供了C 连接交换指定符号extern "C"来解决名字匹配问题，函数声明前加上extern "C"后，则编译器就会按照C 语言的方式将该函数编译为_foo，这样C 语言中就可以调用C++的函数了。
试题5：编写一个函数，作用是把一个char 组成的字符串循环右移n 个。比如原来是“abcdefghi”
如果n=2，移位后应该是“hiabcdefgh”
函数头是这样的：
//pStr 是指向以'\0'结尾的字符串的指针
//steps 是要求移动的n
void LoopMove ( char * pStr, int steps )
{
//请填充...
}
解答：
正确解答1：
void LoopMove ( char *pStr, int steps )
{
int n = strlen( pStr ) - steps;
char tmp[MAX_LEN];
strcpy ( tmp, pStr + n );
strcpy ( tmp + steps, pStr);
*( tmp + strlen ( pStr ) ) = '\0';
strcpy( pStr, tmp );
}
正确解答2：
void LoopMove ( char *pStr, int steps )
{
int n = strlen( pStr ) - steps;
char tmp[MAX_LEN];
memcpy( tmp, pStr + n, steps );
memcpy(pStr + steps, pStr, n );
memcpy(pStr, tmp, steps );
}
-
-
-
xilinxue 发表于 2008/11/8 18:30:18
2楼 回复本楼这个试题主要考查面试者对标准库函数的熟练程度，在需要的时候引用库函数可以很大程度上简化程序编写的工作量。
最频繁被使用的库函数包括：
（1）strcpy
（2）memcpy
（3）memset试题6：已知WAV 文件格式如下表，打开一个WAV 文件，以适当的数据结构组织WAV 文件头并解析WAV格式的各项信息。
WAVE 文件格式说明表
偏移地址 字节数 数据类型 内 容
00H 4 Char "RIFF"标志
04H 4 int32 文件长度
08H 4 Char "WAVE"标志
0CH 4 Char "fmt"标志
10H 4 过渡字节（不定）
14H 2 int16 格式类别
16H 2 int16 通道数
18H 2 int16
采样率（每秒样本数），表示每个通道的播放速度
1CH 4 int32 波形音频数据传送速率
20H 2 int16 数据块的调整数（按字节算的）
22H 2 每样本的数据位数
24H 4 Char 数据标记符＂data＂
文件头
28H 4 int32 语音数据的长度
解答：
将WAV 文件格式定义为结构体WAVEFORMAT：
typedef struct tagWaveFormat
{
char cRiffFlag[4];
UIN32 nFileLen;
char cWaveFlag[4];
char cFmtFlag[4];
char cTransition[4];
UIN16 nFormatTag ;
UIN16 nChannels;
UIN16 nSamplesPerSec;
UIN32 nAvgBytesperSec;
UIN16 nBlockAlign;
UIN16 nBitNumPerSample;
char cDataFlag[4];
UIN16 nAudioLength;
} WAVEFORMAT;
假设WAV 文件内容读出后存放在指针buffer 开始的内存单元内，则分析文件格式的代码很简单，为：
WAVEFORMAT waveFormat;
memcpy( &waveFormat, buffer,sizeof( WAVEFORMAT ) );
直接通过访问waveFormat 的成员，就可以获得特定WAV 文件的各项格式信息。
剖析：
试题6 考查面试者组织数据结构的能力，有经验的程序设计者将属于一个整体的数据成员组织为一个结构体，利用指针类型转换，可以将memcpy、memset 等函数直接用于结构体地址，进行结构体的整体操作。
透过这个题可以看出面试者的程序设计经验是否丰富。
试题7：编写类String 的构造函数、析构函数和赋值函数，已知类String 的原型为：
class String
{
public:
String(const char *str = NULL); // 普通构造函数
String(const String &other); // 拷贝构造函数
~ String(void); // 析构函数
String & operate =(const String &other); // 赋值函数
private:
char *m_data; // 用于保存字符串
};
解答：
//普通构造函数
String::String(const char *str)
{
if(str==NULL)
{
m_data = new char[1]; // 得分点：对空字符串自动申请存放结束标志'\0'的空
//加分点：对m_data 加NULL 判断
*m_data = '\0';
}
else
{
int length = strlen(str);
m_data = new char[length+1]; // 若能加 NULL 判断则更好
strcpy(m_data, str);
}
}
// String 的析构函数
String::~String(void)
{
delete [] m_data; // 或delete m_data;
}
//拷贝构造函数
String::String(const String &other) // 得分点：输入参数为const 型
{
int length = strlen(other.m_data);
m_data = new char[length+1]; //加分点：对m_data 加NULL 判断
strcpy(m_data, other.m_data);
}
//赋值函数
String & String::operate =(const String &other) // 得分点：输入参数为const 型
{
if(this == &other) //得分点：检查自赋值
return *this;
delete [] m_data; //得分点：释放原有的内存资源
int length = strlen( other.m_data );
m_data = new char[length+1]; //加分点：对m_data 加NULL 判断
strcpy( m_data, other.m_data );
return *this; //得分点：返回本对象的引用
}
剖析：
能够准确无误地编写出String 类的构造函数、拷贝构造函数、赋值函数和析构函数的面试者至少已经具备了C++基本功的60%以上！
在这个类中包括了指针类成员变量m_data，当类中包括指针类成员变量时，一定要重载其拷贝构造函数、赋值函数和析构函数，这既是对C++程序员的基本要求，也是《Effective C++》中特别强调的条款。
仔细学习这个类，特别注意加注释的得分点和加分点的意义，这样就具备了60%以上的C++基本功！
试题8：请说出static 和const 关键字尽可能多的作用
解答：
static 关键字至少有下列n 个作用：
（1）函数体内static 变量的作用范围为该函数体，不同于auto 变量，该变量的内存只被分配一次，因此其值在下次调用时仍维持上次的值；
（2）在模块内的static 全局变量可以被模块内所用函数访问，但不能被模块外其它函数访问；
（3）在模块内的static 函数只可被这一模块内的其它函数调用，这个函数的使用范围被限制在声明
它的模块内；
（4）在类中的static 成员变量属于整个类所拥有，对类的所有对象只有一份拷贝；
（5）在类中的static 成员函数属于整个类所拥有，这个函数不接收this 指针，因而只能访问类的
static 成员变量。
const 关键字至少有下列n 个作用：
（1）欲阻止一个变量被改变，可以使用const 关键字。在定义该const 变量时，通常需要对它进行初
始化，因为以后就没有机会再去改变它了；
（2）对指针来说，可以指定指针本身为const，也可以指定指针所指的数据为const，或二者同时指
定为const；
（3）在一个函数声明中，const 可以修饰形参，表明它是一个输入参数，在函数内部不能改变其值；
（4）对于类的成员函数，若指定其为const 类型，则表明其是一个常函数，不能修改类的成员变量；
（5）对于类的成员函数，有时候必须指定其返回值为const 类型，以使得其返回值不为“左值”。例如：
const classA operator*(const classA& a1,const classA& a2);
operator*的返回结果必须是一个const 对象。如果不是，这样的变态代码也不会编译出错：
classA a, b, c;
(a * b) = c; // 对a*b 的结果赋值
操作(a * b) = c 显然不符合编程者的初衷，也没有任何意义。
剖析：
惊讶吗？小小的static 和const 居然有这么多功能，我们能回答几个？如果只能回答1~2 个，那还真
得闭关再好好修炼修炼。
这个题可以考查面试者对程序设计知识的掌握程度是初级、中级还是比较深入，没有一定的知识广度和深度，不可能对这个问题给出全面的解答。大多数人只能回答出static 和const 关键字的部分功能。
4.技巧题试题1：请写一个C 函数，若处理器是Big_endian 的，则返回0；若是Little_endian 的，则返回1
解答：
int checkCPU()
{
{
union w
{
int a;
char b;
} c;
c.a = 1;
return (c.b == 1);
}
}
剖析：
嵌入式系统开发者应该对Little-endian 和Big-endian 模式非常了解。采用Little-endian 模式的CPU对操作数的存放方式是从低字节到高字节，而Big-endian 模式对操作数的存放方式是从高字节到低字节。例如，16bit 宽的数0x1234 在Little-endian 模式CPU 内存中的存放方式（假设从地址0x4000开始存放）为：
内存 地址
0x4000 0x4001
存放 内容
0x34 0x12
而在Big-endian 模式CPU 内存中的存放方式则为：
内存 地址
0x4000 0x4001
存放 内容
0x12 0x34
32bit 宽的数0x12345678 在Little-endian 模式CPU 内存中的存放方式（假设从地址0x4000 开始存放）为：
内存 地址
0x4000 0x4001 0x4002 0x4003
存放 内容
0x78 0x56 0x34 0x12
而在Big-endian 模式CPU 内存中的存放方式则为：
内存 地址
0x4000 0x4001 0x4002 0x4003
存放 内容
0x12 0x34 0x56 0x78
联合体union 的存放顺序是所有成员都从低地址开始存放，面试者的解答利用该特性，轻松地获得了CPU 对内存采用Little-endian 还是Big-endian 模式读写。如果谁能当场给出这个解答，那简直就是
一个天才的程序员。
试题2：写一个函数返回1+2+3+…+n 的值（假定结果不会超过长整型变量的范围）
解答：
int Sum( int n )
{
return ( (long)1 + n) * n / 2; //或return (1l + n) * n / 2;
}
剖析：
对于这个题，只能说，也许最简单的答案就是最好的答案。下面的解答，或者基于下面的解答思路去优化，不管怎么“折腾”，其效率也不可能与直接return ( 1 l + n ) * n / 2 相比！
int Sum( int n )
{
long sum = 0;
for( int i="1"; i<=n; i++ )
{
sum += i;
}
return sum;
}
所以程序员们需要敏感地将数学等知识用在程序设计中。
引用 xilinxue 2008/11/8 18:30:18 发表于2楼的内容
-